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欧拉乘积公式的推导过程

  • 关于欧拉乘积公式的由来
  • 证明思路

关于欧拉乘积公式的由来

我们知道,早在古希腊时期,欧几里得(Eucl id)就用精彩的反证法证明了素数有无穷多个。随着数论研究的深入,人们很自然地对素数在自然数集上的分布产生了越来越浓厚的兴趣。1737年,著名瑞士数学家欧拉(Leonhard Euler,1707—1783)在俄国圣彼得堡科学院(St.Petersburg Academy)发表了一个极为重要的公式,为数学家们研究素数分布的规律奠定了基础。这个公式就是欧拉乘积公式,即
∑nn−s=∏p(1−p−s)−1.\sum_{n} n^{-s}=\prod_{p}(1-p^{-s})^{-1}.nns=p(1ps)1.这个公式左边的求和对所有的自然数进行,右边的连乘积则对所有的素数进行。这个公式对所有Re(s)>1Re(s)~>~1Re(s)  1的复数s都成立。读者们想必认出来了,这个公式的左边正是大名鼎鼎的黎曼ζ函数在Re(s)>1Re(s)~>~1Re(s)  1时的级数表达式,而它的右边则是一个纯粹有关素数(且包含所有素数)的表达式,这样的形式正是黎曼ζ函数与素数分布之间存在关联的征兆。作为素数理论的基础公式,这个公式在很多地方都有提到过,那么下面我们来证明一下。

证明思路

(1)ζ(s)=1+12s+13s+14s+15s+16s+17s+...\zeta(s)=1+\frac{1}{2^s}+\frac{1}{3^s}+\frac{1}{4^s}+\frac{1}{5^s}+\frac{1}{6^s}+\frac{1}{7^s}+... \tag{1} ζ(s)=1+2s1+3s1+4s1+5s1+6s1+7s1+...(1)首先根据数学分析的相关理论,利用埃拉托色尼筛法,对等式两边同时乘以 12s\frac{1}{2^s}2s1 可以得到以下式子(2)12sζ(s)=12s+14s+16s+18s+110s+112s+114s,\frac{1}{2^s}\zeta(s)=\frac{1}{2^s}+\frac{1}{4^s}+\frac{1}{6^s}+\frac{1}{8^s}+\frac{1}{10^s}+\frac{1}{12^s}+\frac{1}{14^s},\tag{2} 2s1ζ(s)=2s1+4s1+6s1+8s1+10s1+12s1+14s1,(2)可以看到分母中底数全变成了偶数!这样由式(1)−(1)-(1)(2)(2)(2)可得下式:
(3)(1−12s)ζ(s)=1+13s+15s+17s+...,(1-\frac{1}{2^s})\zeta(s)=1+\frac{1}{3^s}+\frac{1}{5^s}+\frac{1}{7^s}+..., \tag{3} (12s1)ζ(s)=1+3s1+5s1+7s1+...,(3)含偶数的项全都消去了!
  令 ζ1(s)=(1−12s)ζ(s)\zeta_1(s)=(1-\frac{1}{2^s})\zeta(s)ζ1(s)=(12s1)ζ(s),则有
(4)ζ1(s)=1+13s+15s+17s+...,\zeta_1(s)=1+\frac{1}{3^s}+\frac{1}{5^s}+\frac{1}{7^s}+..., \tag{4} ζ1(s)=1+3s1+5s1+7s1+...,(4)同理,对ζ1(s)\zeta_1(s)ζ1(s)两边同时乘以 13s\frac{1}{3^s}3s1 可以得到下式:
(5)(1−13s)ζ1(s)=1+15s+17s+...,(1-\frac{1}{3^s})\zeta_1(s)=1+\frac{1}{5^s}+\frac{1}{7^s}+..., \tag{5} (13s1)ζ1(s)=1+5s1+7s1+...,(5)类似的运算进行了无穷多次之后,可以得到如等式:
(6)...(1−113s)(1−111s)(1−17s)(1−15s)(1−13s)(1−12s)ζ(s)=1... (1-\frac{1}{13^s})(1-\frac{1}{11^s})(1-\frac{1}{7^s})(1-\frac{1}{5^s})(1-\frac{1}{3^s})(1-\frac{1}{2^s})\zeta(s)=1 \tag{6} ...(113s1)(111s1)(17s1)(15s1)(13s1)(12s1)ζ(s)=1(6)把含素数的项移到右边可以改写成如下形式:
(7)∑nn−s=∏p(1−p−s)−1,\sum_{n} n^{-s}=\prod_{p}(1-p^{-s})^{-1},\tag{7}nns=p(1ps)1,(7)证毕。值得注意的是,式(7)(7)(7)成立的条件是∑n−s\sum n^{-s}ns收敛,即s>1s>1s>1,否则将会出现一些矛盾的结论。

  1. −∞=+∞-\infty=+\infty=+
    s=−1s=-1s=1,可以发现
    (8)ζ(−1)=∑nn=1+2+3+4+5+6+7+8+9+...,\zeta(-1)=\sum_nn=1+2+3+4+5+6+7+8+9+...,\tag{8}ζ(1)=nn=1+2+3+4+5+6+7+8+9+...(8)即全体自然数的和,式(8)(8)(8)两边乘以222可得
    (9)2ζ(−1)=2+4+6+8+10+12+14+16+18+...,2\zeta(-1)=2+4+6+8+10+12+14+16+18+...,\tag{9} 2ζ(1)=2+4+6+8+10+12+14+16+18+...(9)(8)−(8)-(8)(9)(9)(9)
    (10)−ζ=1+3+5+7+9...,-\zeta=1+3+5+7+9...,\tag{10} ζ=1+3+5+7+9...(10),仔细分析,式(10)(10)(10)左边是全体自然数之和取负数,右边是全体奇数之和,两者竟然相等!

这里,笔者有个小疑问闪过心头,既然Re(s)>1Re(s)>1Re(s)>1 以上等式才得以成立,那么令无数数学家魂牵梦萦的黎曼猜想:

ξ(s)\xi(s)ξ(s) 的所有零点都位于Re(s)=1/2Re(s)=1/2Re(s)=1/2的直线上。

意义何在?欢迎感兴趣的朋友一起学习探讨。
总体感觉MarkDown编辑器可以嵌入漂亮的LaTeX公式,于是尝试着写了第一篇文章,效果非常棒,虽然语法还有很多地方需要熟悉,以后就用这个编辑器了,边写作边学习,不断提升写作水平~
[1]: http://meta.math.stackexchange.com/questions/5020/mathjax-basic-tutorial-and-quick-reference
[2]: https://mermaidjs.github.io/
[3]: https://mermaidjs.github.io/
[4]: http://adrai.github.io/flowchart.js/

http://www.lbrq.cn/news/946855.html

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